高中數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu)不良試題探究

摘要：新時(shí)期高考內(nèi)容改革的重要特征就是從能力立意向素養(yǎng)導(dǎo)向轉(zhuǎn)變，而結(jié)構(gòu)不良試題適應(yīng)了素養(yǎng)導(dǎo)向的特點(diǎn)，適應(yīng)高考改革的要求，考查學(xué)生的知識(shí)遷移能力和思維轉(zhuǎn)化能力，本文分四類(lèi)專(zhuān)題探究結(jié)構(gòu)不良試題.

關(guān)鍵詞：結(jié)構(gòu)不良;試題;素養(yǎng)探究

中圖分類(lèi)號(hào)：G632文獻(xiàn)標(biāo)識(shí)碼：A文章編號(hào)：1008-0333（2022）13-0002-05

著名數(shù)學(xué)教育家波利亞曾說(shuō)過(guò)：?jiǎn)栴}是數(shù)學(xué)的心臟.問(wèn)題可分為結(jié)構(gòu)良好問(wèn)題和結(jié)構(gòu)不良問(wèn)題，在中學(xué)數(shù)學(xué)解題中大量出現(xiàn)的是結(jié)構(gòu)良好的數(shù)學(xué)問(wèn)題，結(jié)構(gòu)良好是指提供的信息完整、數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu)理想、問(wèn)題目標(biāo)明確、解決過(guò)程和答案穩(wěn)定.而結(jié)構(gòu)不良試題并不是這個(gè)問(wèn)題本身有什么錯(cuò)誤或是不恰當(dāng)，而是指它沒(méi)有明確的結(jié)構(gòu)、要求或解決的途徑.

新時(shí)期高考內(nèi)容改革的重要特征就是從能力立意向素養(yǎng)導(dǎo)向轉(zhuǎn)變，而結(jié)構(gòu)不良試題適應(yīng)了素養(yǎng)導(dǎo)向的特點(diǎn)，考查學(xué)生的知識(shí)遷移能力和思維的轉(zhuǎn)化能力，真正體現(xiàn)了學(xué)生的數(shù)學(xué)素養(yǎng)，適應(yīng)高考改革的要求.對(duì)于一線教師而言，如何在課堂上引導(dǎo)學(xué)生探究理解結(jié)構(gòu)不良試題尤其重要，特別是

在解三角形以及數(shù)列考查中比較常見(jiàn)，這種題型也可能成為考生獲取高分的攔路虎.

解決結(jié)構(gòu)良好與不良這兩類(lèi)問(wèn)題所需要的技巧和能力有所不同，也就是說(shuō)可以出色地解決課堂上的結(jié)構(gòu)良好問(wèn)題，并不能保證可以成功地解決現(xiàn)實(shí)生活中的結(jié)構(gòu)不良問(wèn)題.因此，解決結(jié)構(gòu)不良問(wèn)題對(duì)考查學(xué)生的素養(yǎng)和能力，發(fā)揮考試的選拔功能，促進(jìn)學(xué)生素養(yǎng)的養(yǎng)成和能力的提升具有深遠(yuǎn)的意義，本文分四類(lèi)專(zhuān)題探究結(jié)構(gòu)不良試題.

1 解三角形中的結(jié)構(gòu)不良試題例1在①S△ABC=23，②a-b=1，③sinA=2sinB這三個(gè)條件中任選一個(gè)，補(bǔ)充在下面問(wèn)題中，若問(wèn)題中的三角形存在，求三角形的周長(zhǎng);若問(wèn)題中的三角形不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由.（注：如果選擇多個(gè)條件分別作答，按第一個(gè)解答計(jì)分.）

問(wèn)題是否存在△ABC，它的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且c=7，csinA=acosC-π6，？

解析因?yàn)閏sinA=acosC-π6，

所以sinCsinA=sinAcosC-π6.

又因?yàn)閟inA≠0，所以sinC=cosC-π6.

即sinC=sin2π3-C.

又因?yàn)镃∈（0，π），所以C=2π3-C.

所以C=π3.

由余弦定理，得c2=a2+b2-2abcosC.

即a2+b2-ab=7，

若選①：因?yàn)镾△ABC=12absinC，所以ab=8.

所以（a-b）2=7-8=-1，

與（a-b）2≥0矛盾.

所以滿足條件的三角形不存在.

若選②：因?yàn)閍-b=1，

所以a2+b2-2ab=1.

又a2+b2-ab=7，所以ab=6.

故a2+b2+2ab=25.

即a+b=5.

所以三角形周長(zhǎng)C=a+b+c=5+7.

若選③：因?yàn)閟inA=2sinB，所以a=2b.

聯(lián)立a2+b2-ab=7，

解得a=2213，b=213.

所以三角形周長(zhǎng)C=a+b+c=21+7.

本題考查的是正弦定理、余弦定理及三角形的面積公式，在已知條件下再選擇一個(gè)條件來(lái)解，題目所給的三個(gè)可選擇的條件是平行的，即無(wú)論選擇哪個(gè)條件，都可解答題目，只是選擇不同的條件可能得到相同的解或不同的解，但只要推理嚴(yán)謹(jǐn)、過(guò)程規(guī)范，都會(huì)得滿分.

2 數(shù)列中的結(jié)構(gòu)不良試題

例2在①Sn=n2+n，②a3+a5=16，S3+S5=42，③an+1an=n+1n，S7=56這三個(gè)條件中任選一個(gè)補(bǔ)充在下面的問(wèn)題中，并加以解答.

設(shè)等差數(shù)列an的前n項(xiàng)和為Sn，數(shù)列bn為等比數(shù)列，，b1=a1，b2=a1a22.

求數(shù)列1Sn+bn的前n項(xiàng)和Tn.（注：如果選擇多個(gè)條件分別解答，按第一個(gè)解答計(jì)分）

解析選①：當(dāng)n=1時(shí)，a1=S1=2，當(dāng)n≥2時(shí)，an=Sn-Sn-1=2n.

又n=1滿足an=2n，所以an=2n，Sn=n2+2n2=n2+nn∈N*.

選②：設(shè)公差為d，由a3+a5=16，S3+S5=42，得2a1+6d=16，8a1+13d=42，

解得a1=2，d=2.所以an=2n，Sn=n2+2n2=n2+nn∈N*.

選③：由an+1an=n+1n，得an+1n+1=ann.

所以ann=a11，即an=a1n.

由S7=7a4=28a1=56，所以a1=2.

所以an=2n，Sn=n2+2n2=n2+nn∈N*.

①②③均可求得

an=2n，Sn=n2+2n2=n2+nn∈N*.

設(shè)bn的公比為q，又因?yàn)閍1=2，a2=4，由b1=a1=2，b2=a1a22=4，得b1=2，q=2.

所以bn=2nn∈N*.

所以數(shù)列bn的前n項(xiàng)和為2-2n+11-2=2n+1-2.

因?yàn)?Sn=1n2+n=1nn+1=1n-1n+1， 數(shù)列1Sn的前n項(xiàng)和為1-12+12-13+…+1n-1n+1=1-1n+1.

故Tn=2n+1-2+1-1n+1=2n+1-1n+1-1.

本題考查數(shù)列的綜合應(yīng)用，涉及等差數(shù)列、等比數(shù)列的通項(xiàng)公式及前n項(xiàng)和，裂項(xiàng)相消法求和，由an=S1，n=1，Sn-Sn-1，n≥2n∈N*，等差數(shù)列的定義列方程組、遞推公式an+1n+1=ann可分別求得①②③中數(shù)列an的通項(xiàng)公式及前n項(xiàng)和;根據(jù)題意可求得bn=2nn∈N*，利用等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式及裂項(xiàng)相消法即可求得數(shù)列1Sn+bn的前n項(xiàng)和，不論選哪個(gè)條件，始終有Tn=2n+1-1n+1-1.

3 立體幾何中的結(jié)構(gòu)不良試題例3如圖1，已知等邊△ABC的邊長(zhǎng)為3，點(diǎn)M，N分別是邊AB，AC上的點(diǎn)，且BM=2MA，AN=2NC，如圖2，將△AMN沿MN折起到△A′MN的位置.

（1）求證：平面A′BM⊥平面BCNM;

（2）給出三個(gè)條件：①A′M⊥BC;②二面角A′-MN-C的大小為60°;③A′B=7.在這三個(gè)條件中任選一個(gè)，補(bǔ)充在下面問(wèn)題的條件中，并作答.

在線段BC上是否存在一點(diǎn)P，使直線PA′與平面A′BM所成角的正弦值為31010？若存在，求出PB的長(zhǎng);若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由.（注：如果選擇多個(gè)條件分別解答，按第一個(gè)解答計(jì)分）

解析（1）由已知得AM=1，AN=2，∠A=60°.

所以MN⊥AB.

所以MN⊥A′M，MN⊥MB.

又因?yàn)镸B∩A′M=M，所以MN⊥平面A′BM.

又因?yàn)镸N平面BCNM，

所以平面A′BM⊥平面BCNM.

（2）選條件①：A′M⊥BC，由（1）得A′M⊥MN，BC和MN是兩條相交直線.

所以A′M⊥平面BCNM.

所以MB，MN，MA′兩兩垂直.

所以以點(diǎn)M為坐標(biāo)原點(diǎn)，MB，MN，MA′所在直線分別為x軸，y軸，z軸建立如圖3所示的空間直角坐標(biāo)系M-xyz，則A′（0，0，1）.

設(shè)P（2-a，3a，0），其中0<a≤32，則

A′P=（2-a，3a，-1）.

易得平面A′BM的一個(gè)法向量為n=（0，1，0）.

設(shè)直線PA′與平面A′BM所成的角為θ，則

sinθ=|cos〈A′P，n〉|=3a（2-a）2+3a2+1

=31010.

解得a=6±62>32.

所以不存在點(diǎn)P滿足條件.

選條件②：二面角A′-MN-C的大小為60°，

由（1）得∠A′MB就是二面角A′-MN-C的平面角.

所以∠A′MB=60°.

如圖3，過(guò)點(diǎn)A′作A′O⊥BM，垂足為點(diǎn)O，連接OC，則A′O⊥平面BCNM.

經(jīng)計(jì)算可得OA′=32，OM=12，OB=32.

而B(niǎo)C=3，所以O(shè)B⊥OC.

所以O(shè)B，OC，OA′兩兩垂直.

所以以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，OB，OC，OA′所在直線分別為x軸，y軸，z軸建立如圖4所示的空間直角坐標(biāo)系O-xyz，則A′（0，0，32）.

設(shè)P（32-a，3a，0），其中0<a≤32，

則A′P=（32-a，3a，-32）.

易得平面A′BM的一個(gè)法向量為n=（0，1，0）.

設(shè)直線PA′與平面A′BM所成的角為θ，則

sinθ=|cos〈A′P，n〉|=3a（32-a）2+3a2+34=31010.

解得a=32或a=3（舍去）.

所以存在點(diǎn)P滿足條件，這時(shí)PB=3.

選條件③：A′B=7，在△A′BM中，

由余弦定理，得

cos ∠A′MB=A′M2+MB2-A′B22A′M·MB=1+4-72×1×2=-12.

所以∠A′MB=120°.

過(guò)點(diǎn)A′作A′O⊥BM，垂足為點(diǎn)O，則A′O⊥平面BCNM.

以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，OB，OA′所在直線分別為x軸，z軸建立空間直角坐標(biāo)系（圖略），則A′（0，0，32）.

設(shè)P（52-a，3a，0），其中0<a≤32，

則A′P=（52-a，3a，-32）.

易得平面A′BM的一個(gè)法向量為n=（0，1，0）.

設(shè)直線PA′與平面A′BM所成的角為θ，

則sinθ=|cos〈A′P，n〉|=3a（52-a）2+3a2+34=31010.

解得a=15±574>32.

所以不存在點(diǎn)P滿足條件.

選擇不同的條件，建系的方法不同，特別是選擇第三個(gè)條件，∠A′MB是鈍角，作垂線時(shí)要注意垂足的位置，這樣點(diǎn)P的坐標(biāo)才不會(huì)出錯(cuò)，還有要結(jié)合點(diǎn)P的位置注意a的范圍，從而判斷是否存在符合條件的點(diǎn)P，比較三個(gè)不同的選擇條件，選①應(yīng)該解題更簡(jiǎn)單點(diǎn).

4 解析幾何中的結(jié)構(gòu)不良試題例4在平面直角坐標(biāo)系xOy中：

①已知點(diǎn)A（3，0），直線l：x=433，動(dòng)點(diǎn)P滿足到點(diǎn)A的距離與到直線l的距離之比為32;

②已知圓C的方程為x2+y2=4，直線l為圓C的切線，記點(diǎn)A（3，0），B（-3，0）到直線l的距離分別為d1，d2，動(dòng)點(diǎn)P滿足|PA|=d1，|PB|=d2;

③點(diǎn)S，T分別在x軸，y軸上運(yùn)動(dòng)，且|ST|=3，動(dòng)點(diǎn)P滿足OP=23OS+13OT.

（1）在①②③這三個(gè)條件中任選一個(gè)，求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程;

（注：如果選擇多個(gè)條件分別解答，按第一個(gè)解答計(jì)分）

（2）記（1）中的軌跡為E，經(jīng)過(guò)點(diǎn)D（1，0）的直線l′交E于M，N兩點(diǎn)，若線段MN的垂直平分線與y軸相交于點(diǎn)Q，求點(diǎn)Q縱坐標(biāo)的取值范圍.

解析（1）若選①：設(shè)P（x，y），根據(jù)題意，得（x-3）2+y2|x-433|=32.

整理，得x24+y2=1.

所以動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程為x24+y2=1.

若選②：設(shè)P（x，y），直線l與圓相切于點(diǎn)H，則

|PA|+|PB|=d1+d2=2|OH|=4>23=|AB|.

由橢圓的定義，知點(diǎn)P的軌跡是以A，B為焦點(diǎn)的橢圓.

所以2a=4，2c=|AB|=23.

故a=2，c=3，b=1.

所以動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程為x24+y2=1.

若選③：設(shè)P（x，y），S（x′，0），T（0，y′），

則（x′）2+（y′）2=3.（*）

因?yàn)?/p>

OP=23OS+13OT，所以x=23x′，

y=13y′.

整理，得

x′=23x，y′=3y.

代入（*）得x24+y2=1.

所以動(dòng)點(diǎn)P的軌跡方程為x24+y2=1.

由上述解答我們可以看到，題目所給的三個(gè)可選擇的條件顯然①最直接，列出等量關(guān)系即可，只是運(yùn)算稍微復(fù)雜一點(diǎn);選②符合橢圓的定義，運(yùn)算簡(jiǎn)單;選③利用相關(guān)點(diǎn)法，利用向量相等尋找數(shù)量關(guān)系，學(xué)生可能容易出錯(cuò).

在2021年的八省適應(yīng)性考試中，填空題15題：寫(xiě)出一個(gè)最小正周期為2的奇函數(shù)f（x）=（）.開(kāi)放題終于在考試中與同學(xué)見(jiàn)面了，更是考查了學(xué)生的數(shù)學(xué)學(xué)習(xí)能力.所以結(jié)構(gòu)不良試題的出現(xiàn)，是新高考題型的創(chuàng)新和改革，這是一種新的開(kāi)放性試題的樣式，學(xué)生可以根據(jù)自己的理解選擇想要的條件，在解決問(wèn)題中尋找各條件的關(guān)系.這種題型在解三角形以及數(shù)列考查中比較常見(jiàn)，因此，在復(fù)習(xí)的過(guò)程中，我們可以將解三角形和數(shù)列的結(jié)構(gòu)不良問(wèn)題作為訓(xùn)練的重點(diǎn).

所以在高中數(shù)學(xué)教學(xué)中對(duì)結(jié)構(gòu)不良試題的探究是非常必要的，能夠更全面地考查學(xué)生的數(shù)學(xué)學(xué)科核心素養(yǎng)，考查學(xué)生思維的系統(tǒng)性、靈活性和創(chuàng)造性.作為一線教師，要引導(dǎo)學(xué)生根據(jù)具體問(wèn)題情境從多個(gè)角度分析，考慮多個(gè)可能，尋找不同途徑，歸納解決這類(lèi)試題的應(yīng)對(duì)策略.

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[責(zé)任編輯：李璟]

收稿日期：2022-02-05

作者簡(jiǎn)介：馬滿芳（1978.12-），女，廣東省豐順人，本科，中學(xué)高級(jí)教師，從事高中數(shù)學(xué)教學(xué)研究.[FQ）]